построить эпюры поперечных сил и изгибающих моментов;

Для опасного сечения определить диаметр круглого сечения балки из условия изгибной прочности.

Допускаемое нормальное напряжение [] = 200 МПа

Данные для расчёта взять из таблицы 4.

Примеррасчёта однопролётной балки на плоский изгиб.

Для заданной схемы балки (рис. 12) требуется:

Ø построить эпюры поперечных сил и изгибающих моментов;

Ø для опасного сечения определить диаметр круглого сечения балки из условия изгибной прочности.

Допускаемое нормальное напряжение [] = 200 МПа

Дано: а = 3,4 м b = 4,6 м с = 2,5 м l = 13 м

Изгибающий момент М = 10 кН·м

Сосредоточенная сила F = 12 кН

Равномерно распределённая нагрузка q = 15 кН/м

Таблица 4.

Исходные данные для расчёта балки

Вариант	Распределенная нагрузка q, кН/м	Сосредоточенная сила Р, кН	Момент пары сил М, кН·м	Линейные размеры, м
a	b	c
				0.1	0.2	0.3
		-4	0.5	0.2	0.4	0.4
				0.3	0.3	0.4
			0.5	0.1	0.2	0.2
			-1	0.4	0.2	0.3
		-2	0.5	0.3	0.5	0.2
				0.5	0.2	0.3
			-1	0.4	0.2	0.4
		-8	0.5	0.3	0.2	0.5
				0.3	0.3	0.4

Решение

1) Определим реакции связей.

В точке А две составляющие реакции: Х_А и R_А, в точке В реакция R_B направлена вертикально.

Запишем 3 уравнения равновесия.

1 Уравнение проекций сил на ось Х.

2 Уравнение моментов сил относительно точки А.

Откуда

кН

3 Уравнение моментов сил относительно точки В.

Откуда

кН

Проверка:

уравнение проекций сил на ось Y

47 + 16 – 15·3,4 – 12 = 0

63 – 63 = 0

Значит, реакции найдены верно.

2) Для определения внутренних силовых факторов используем метод сечений.

Рассмотрим 4 характерных участка.

Участок АС.

Проведем сечение между точками А и С, зададим положение сечения координатой х₁.

Рис. 12. Расчётная схема балки и эпюры поперечной силы и изгибающего момента

Отбросим правую часть балки, оставим в рассмотрении левую часть, действие отброшенной части заменим реакциями.

Записав уравнения равновесия, получим уравнение для внутренней поперечной силы:

Q = R_A – q·x₁ – уравнение наклонной прямой

Рассмотрим всю совокупность сечений на участке АС, при этом

0 х₁ а

При х₁ = 0

Q = R_A = 47 кН

При х₁ = а = 3.4 м

Q = 47 – 15·3,4 = - 4 кН

Определим положение точки смены знака на эпюре Q.

47 / x = 4 / (3,4 – x)

x = 3,13 м

Уравнение изгибающего момента на участке АС:

М = R_A·x₁ – qx₁²/2 – уравнение параболы

Построим участок эпюры изгибающих моментов по 4 точкам.

При х₁ = 0

М = 0

при х₁ = 3,13 м

М = 47·3,13 – 15·3,13²/2 = 73,6 кН·м – экстремум функции М на данном участке.

При х₁ = а/2 = 1,7 м

М = 47·1,7 – 15·1,7²/2 = 58,2 кН·м

При х₁ = 3,4 м

М = 47·3,4 – 15·3,4²/2 = 73,1 кН·м

По полученным данным строим участки эпюр Q и М.

Аналогично рассмотрим остальные 3 участка балки.

Участок СD

а х₂ l-b-c

Уравнение поперечной силы:

Q = R_A – qa = 47 – 15·3,4 = -4 кН

Поперечная сила на этом участке постоянна.

Уравнение изгибающих моментов:

М = R_A·x₂ – qa·(x₂ – a/2) – уравнение наклонной прямой.

При х₂ = а = 3,4 м

М = 47·3,4 – 15·3,4·(3,4 - 1,7) = 73,1 кН·м

При х₂ = l-b-c = 13 – 4,6 - 2.5 = 5,9 м

М = 47·5,9 – 15·3,4·(5,9 – 1,7) = 63,4 кН·м

Теперь начнём рассматривать участки балки с правой стороны, отбрасывая левую часть балки.

Участок ЕВ:

0 х₃ с

Q = 0 кН

Уравнение моментов:

M = -M = -10 кН·м

Участок BD:

с х₄ b+c

Q = – R_B = – 16 кН

М = -M + R_B·(x₄-c)

При х₄ = с= 2,5 м

М = -10 + 16·(2,5 – 2,5) = - 10 кН·м

При х₄ = 2.5 + 4,6 = 7.1 м

М = -10 + 16 (7,1 – 2,5) = 63,4 кН·м

По полученным данным строим эпюру поперечных сил Q и эпюру изгибающих моментов М. Максимальный изгибающий момент наблюдается в сечении, где М = 73,6 кН·м

Условие изгибной прочности балки записывается выражением (8):

где М_max – максимальный изгибающий момент (в опасном сечении), Н·м; W_z – осевой момент сопротивления поперечного сечения балки, м3, для круглого сечения W_z = 0.1 d³ (d – диаметр сечения, м)

[] – допускаемое нормальное напряжение.

Тогда из формулы (8) выразим диаметр круглого сечения:

(10)

Подставляя числовые данные, получим:

Принимаем d = 155 мм

Контрольные вопросы

1. Какой вид напряжённо-деформированного состояния элемента конструкции называется кручением (изгибом, растяжением)?

2. В чём заключается метод сечений, применяемый при решении задач на прочность?

3. Какие сечения называются опасными?

4. Условие прочности при растяжении-сжатии (кручении, изгибе).

5. Правило знаков при растяжении-сжатии (изгибе).

6. Основные свойства эпюр поперечных сил и изгибающих моментов.

Рекомендательный список литературы

1. Дарков, А.В. Сопротивление материалов [Текст]: учебное пособие / А.В. Дарков, Г.С. Шпиро; М.: Высшая школа, 1989. 626 с.

2. Феодосьев, В.И. Сопротивление материалов [Текст]: учебное пособие / В.И. Феодосьев; МГТУ им. Баумана, М., 1999. 592 с.

3. Яцун, С.Ф. Механика [Текст]: учебное пособие для студентов вузов. В 2 ч. Ч. 1. / С.Ф. Яцун, В.Я. Мищенко; Курск. гос. техн. ун-т; Курск, 2003. 408 с.